題目一覽：
1.網友年齡
2.生日蠟燭
3.方格填數
4.快速排序
5.消除尾一
6.寒假作業
7.剪郵票
8.四平方和
9.密碼脫落
10.最大比例
1.網友年齡
某君新認識一網友。
當問及年齡時，他的網友說：
“我的年齡是個2位數，我比兒子大27歲,
如果把我的年齡的兩位數字交換位置，剛好就是我兒子的年齡”
請你計算：網友的年齡一共有多少種可能情況？
提示：30歲就是其中一種可能哦.
請填寫表示可能情況的種數。
注意：你提交的應該是一個整數，不要填寫任何多余的內容或說明性文字。
思路：枚舉判斷
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 bool check(int x) { 5 int y = x - 27; 6 int xx = x%10 * 10 + x/10; 7 if(xx == y) return true; 8 return false; 9 } 10 11 int main() { 12 int cnt = 0; 13 for(int i=10; i<=99; ++i) 14 if(check(i)) { 15 printf("%d\n", i); 16 cnt ++; 17 } 18 cout << cnt << endl; 19 return 0; 20 }
答案：7
2.生日蠟燭
某君從某年開始每年都舉辦一次生日party，並且每次都要吹熄與年齡相同根數的蠟燭。
現在算起來，他一共吹熄了236根蠟燭。
請問，他從多少歲開始過生日party的？
請填寫他開始過生日party的年齡數。
注意：你提交的應該是一個整數，不要填寫任何多余的內容或說明性文字。
思路：枚舉+判斷
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 bool flag = true; 5 int age = 0; 6 7 bool check(int x) { 8 int sum = 0; 9 while(sum < 236) { // 這里是< 10 sum += x; 11 x++; 12 } 13 if(sum == 236) return true; 14 else return false; 15 } 16 17 int main() { 18 while(flag && age<100) { 19 age++; 20 if(check(age)) 21 flag = false; 22 } 23 cout << age << endl; 24 return 0; 25 }
答案：26
3.方格填數
如下的10個格子
+--+--+--+
| | | |
+--+--+--+--+
| | | | |
+--+--+--+--+
| | | |
+--+--+--+
（如果顯示有問題，也可以參看【圖1.jpg】）
填入0~9的數字。要求：連續的兩個數字不能相鄰。
（左右、上下、對角都算相鄰）
一共有多少種可能的填數方案？
請填寫表示方案數目的整數。
注意：你提交的應該是一個整數，不要填寫任何多余的內容或說明性文字。
方法一：將該10個格子按順序拉成一個一維數組，然后將十個數字填進去(全排列)，填完之后進行判斷即可。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int a[11], Ans; 5 6 int calc(int x, int y) { 7 return abs(a[x]-a[y]); 8 } 9 10 bool check() { 11 if(calc(0, 1) == 1) return false; 12 if(calc(0, 3) == 1) return false; 13 if(calc(0, 4) == 1) return false; 14 if(calc(0, 5) == 1) return false; 15 16 if(calc(1, 2) == 1) return false; 17 if(calc(1, 4) == 1) return false; 18 if(calc(1, 5) == 1) return false; 19 if(calc(1, 6) == 1) return false; 20 21 if(calc(2, 5) == 1) return false; 22 if(calc(2, 6) == 1) return false; 23 24 if(calc(3, 4) == 1) return false; 25 if(calc(3, 7) == 1) return false; 26 if(calc(3, 8) == 1) return false; 27 28 if(calc(4, 5) == 1) return false; 29 if(calc(4, 7) == 1) return false; 30 if(calc(4, 8) == 1) return false; 31 if(calc(4, 9) == 1) return false; 32 33 if(calc(5, 6) == 1) return false; 34 if(calc(5, 8) == 1) return false; 35 if(calc(5, 9) == 1) return false; 36 37 if(calc(6, 9) == 1) return false; 38 if(calc(7, 8) == 1) return false; 39 if(calc(8, 9) == 1) return false; 40 return true; 41 } 42 43 void dfs(int pos) { 44 if(pos == 10) { 45 if(check()) Ans ++; 46 return ; 47 } 48 for(int i=pos; i<10; ++i) { 49 int t = a[pos]; a[pos] = a[i]; a[i] = t; 50 dfs(pos+1); 51 t = a[pos]; a[pos] = a[i]; a[i] = t; 52 } 53 } 54 55 int main() { 56 for(int i=0; i<=10; ++i) 57 a[i] = i; 58 dfs(0); 59 printf("%d\n", Ans); 60 return 0; 61 }
方法二：在原圖的基礎上加一圈，然后判斷。這個方法的check函數較為簡潔。初始化可以不是-10，只要不與0-9相差±1即可。如圖：
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int Map[5][6], Ans; 5 bool vis[10]; 6 7 bool check(int x, int y) { 8 for(int i=x-1; i<=x+1; ++i) { 9 for(int j=y-1; j<=y+1; ++j) { 10 if(abs(Map[x][y]-Map[i][j]) == 1) 11 return false; 12 } 13 } 14 return true; 15 } 16 17 void dfs(int x, int y) { 18 if(x==3 && y==4) { // 最后一個格子也填了 19 Ans++; 20 return ; 21 } 22 for(int i=0; i<10; ++i) { 23 if(vis[i]) continue; //這個數字用了 24 Map[x][y] = i; // 先放着 25 if(!check(x, y)) { 26 Map[x][y] = -10; // 27 continue; //放下不符規則 28 } 29 vis[i] = true; 30 if(y == 4) 31 dfs(x+1, 1); // 換行 32 else dfs(x, y+1); // 右邊的格子 33 Map[x][y] = -10; // 回溯 34 vis[i] = false; 35 } 36 } 37 38 int main() { 39 for(int i=0; i<10; ++i) vis[i] = false; 40 for(int i=0; i<5; ++i) // 外面加一圈 41 for(int j=0; j<6; ++j) 42 Map[i][j] = -10; 43 dfs(1, 2); //第一個填數的格子是(1,2) 44 printf("%d\n", Ans); 45 return 0; 46 }
答案：1580
4.快速排序
排序在各種場合經常被用到。
快速排序是十分常用的高效率的算法。
其思想是：先選一個“標尺”，
用它把整個隊列過一遍篩子，
以保證：其左邊的元素都不大於它，其右邊的元素都不小於它。
這樣，排序問題就被分割為兩個子區間。
再分別對子區間排序就可以了。
下面的代碼是一種實現，請分析並填寫划線部分缺少的代碼。
1 #include <stdio.h> 2 3 void swap(int a[], int i, int j) 4 { 5 int t = a[i]; 6 a[i] = a[j]; 7 a[j] = t; 8 } 9 10 int partition(int a[], int p, int r) 11 { 12 int i = p; 13 int j = r + 1; 14 int x = a[p]; 15 while(1){ 16 while(i<r && a[++i]<x); 17 while(a[--j]>x); 18 if(i>=j) break; 19 swap(a,i,j); 20 } 21 ______________________; // 填空 22 return j; 23 } 24 25 void quicksort(int a[], int p, int r) 26 { 27 if(p<r){ 28 int q = partition(a,p,r); 29 quicksort(a,p,q-1); 30 quicksort(a,q+1,r); 31 } 32 } 33 34 int main() 35 { 36 int i; 37 int a[] = {5,13,6,24,2,8,19,27,6,12,1,17}; 38 int N = 12; 39 40 quicksort(a, 0, N-1); 41 42 for(i=0; i<N; i++) printf("%d ", a[i]); 43 printf("\n"); 44 45 return 0; 46 }
注意：只填寫缺少的內容，不要書寫任何題面已有代碼或說明性文字。
思路：我們發現在partition函數中，是以a[p]為標尺，在[p, r]中比a[p]大的和比a[p]小的做交換，那么完成之后就是：a[p]，小，小，大，大，大。a[p]顯然是要與一個數交換的，那么是i，還是j呢(可以輸入i，j輸出看一下)。因為我們這個partition函數是要求吧所有小於a[p]的數字放到左邊，大於的放到右邊，而下標i所指的數是大於a[p]的，與其交換就無法滿足要求，所以是與j交換。
答案：
swap(a, p, j);
5.消除尾一
下面的代碼把一個整數的二進制表示的最右邊的連續的1全部變成0
如果最后一位是0，則原數字保持不變。
如果采用代碼中的測試數據，應該輸出：
00000000000000000000000001100111 00000000000000000000000001100000 00000000000000000000000000001100 00000000000000000000000000001100
請仔細閱讀程序，填寫划線部分缺少的代碼。
1 #include <stdio.h> 2 3 void f(int x) 4 { 5 int i; 6 for(i=0; i<32; i++) printf("%d", (x>>(31-i))&1); 7 printf(" "); 8 9 x = _______________________; // 填空 10 11 for(i=0; i<32; i++) printf("%d", (x>>(31-i))&1); 12 printf("\n"); 13 } 14 15 int main() 16 { 17 f(103); 18 f(12); 19 return 0; 20 }
注意：只填寫缺少的內容，不要書寫任何題面已有代碼或說明性文字。
思路：很顯然兩個輸出是一樣的，改變的關鍵就是我們填空的地方。那就用到了位運算'&'-按位與：如果兩個相應的二進制位都為1，則該位的結果值為1，否則為0。看下圖
答案：
x&(x+1)
6.寒假作業
現在小學的數學題目也不是那么好玩的。
看看這個寒假作業：
□ + □ = □
□ - □ = □
□ × □ = □
□ ÷ □ = □
(如果顯示不出來，可以參見【圖1.jpg】)
每個方塊代表1~13中的某一個數字，但不能重復。
比如：
6 + 7 = 13
9 - 8 = 1
3 * 4 = 12
10 / 2 = 5
以及：
7 + 6 = 13
9 - 8 = 1
3 * 4 = 12
10 / 2 = 5
就算兩種解法。（加法，乘法交換律后算不同的方案）
你一共找到了多少種方案？
請填寫表示方案數目的整數。
注意：你提交的應該是一個整數，不要填寫任何多余的內容或說明性文字。
思路：其實也是全排列問題，把12個格子看成一維數組，然后填充，最后判斷。值得注意的是13!很大，直接跑大約需要一分鍾左右，這是填空題所以沒什么事。但是我們可以添加幾個優化。第22行加的語言可以排除很多無用的排列，大大的提高了效率。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int a[13] = {1, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9, 10, 11, 12, 13}; 5 int Ans; 6 7 bool check() { 8 if(a[9]%a[10] != 0) return false; // 不能整除 9 if(a[0]+a[1] != a[2]) return false; // + - * / 10 if(a[3]-a[4] != a[5]) return false; 11 if(a[6]*a[7] != a[8]) return false; 12 if(a[9]/a[10] != a[11]) return false; 13 return true; 14 } 15 16 void dfs(int x) { 17 if(x == 13) { // 填完了 18 if(check()) Ans++; 19 } 20 for(int i=x; i<13; ++i) { 21 swap(a[x], a[i]); 22 // 剪枝 不滿足加法或減法 的跳過 23 // 因為加減法所需數字在前面 這樣就減少了許多無用的 計算 24 if((x==2&&a[0]+a[1]!=a[2]) || (x==5&&a[3]-a[4]!=a[5])) { 25 swap(a[x], a[i]); 26 continue; 27 } 28 dfs(x+1); 29 swap(a[x], a[i]); 30 } 31 } 32 33 int main() { 34 dfs(0); 35 cout << Ans << endl; 36 return 0; 37 }
答案：64
7.剪郵票
如【圖1.jpg】, 有12張連在一起的12生肖的郵票。
現在你要從中剪下5張來，要求必須是連着的。
（僅僅連接一個角不算相連）
比如，【圖2.jpg】，【圖3.jpg】中，粉紅色所示部分就是合格的剪取。
請你計算，一共有多少種不同的剪取方法。
請填寫表示方案數目的整數。
注意：你提交的應該是一個整數，不要填寫任何多余的內容或說明性文字。
思路：直接搜索是不大可能的，我們可以把它轉變成全排列問題。因為一共12張，需要5張，我們可以創建一個數組，存放5個1和7個0，然后對其進行全排列(這里值得注意的是普通的全排列對重復的數字會產生重復的全排列，簡單起見，我們使用c++里面STL中的next_permutation())，然后將其轉化成二維數組，然后用dfs搜索看看有幾個連通塊，只有一個連通塊就是一個可行的方案。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int n = 3, m = 4, Map[3][4], Ans; 5 int a[] = {0, 0, 0, 0, 0, 0, 0, 1, 1, 1, 1, 1}; 6 int u[4] = {-1, 0, 0, 1}, 7 v[4] = {0, -1, 1, 0}; 8 9 void dfs(int x, int y) { 10 Map[x][y] = 0; 11 for(int i=0; i<4; ++i) { 12 int xx = x + u[i]; 13 int yy = y + v[i]; 14 if(xx>=0 && xx<3 && yy>=0 && yy<4 && Map[xx][yy]==1) 15 dfs(xx, yy); 16 } 17 } 18 19 bool check() { 20 for(int i=0; i<3; ++i) 21 for(int j=0; j<4; ++j) 22 Map[i][j] = a[4*i+j]; 23 int cnt = 0; 24 for(int i=0; i<3; ++i) 25 for(int j=0; j<4; ++j) { 26 if(Map[i][j] == 1) { 27 dfs(i, j); 28 cnt++; 29 } 30 } 31 if(cnt == 1) return true; 32 return false; 33 } 34 35 void work() { // 利用next_permutation生成不重復的排列 36 do { 37 if(check()) Ans++; 38 }while(next_permutation(a, a+12)); 39 } 40 41 int main() { 42 43 work(); 44 printf("%d\n", Ans); 45 46 return 0; 47 }
答案：116
8.四平方和
四平方和定理，又稱為拉格朗日定理：
每個正整數都可以表示為至多4個正整數的平方和。
如果把0包括進去，就正好可以表示為4個數的平方和。
比如：
5 = 0^2 + 0^2 + 1^2 + 2^2
7 = 1^2 + 1^2 + 1^2 + 2^2
（^符號表示乘方的意思）
對於一個給定的正整數，可能存在多種平方和的表示法。
要求你對4個數排序：
0 <= a <= b <= c <= d
並對所有的可能表示法按 a,b,c,d 為聯合主鍵升序排列，最后輸出第一個表示法
程序輸入為一個正整數N (N<5000000)
要求輸出4個非負整數，按從小到大排序，中間用空格分開
例如，輸入：
5
則程序應該輸出：
0 0 1 2
再例如，輸入：
12
則程序應該輸出：
0 2 2 2
再例如，輸入：
773535
則程序應該輸出：
1 1 267 838
資源約定：
峰值內存消耗 < 256M
CPU消耗 < 3000ms
請嚴格按要求輸出，不要畫蛇添足地打印類似：“請您輸入...” 的多余內容。
所有代碼放在同一個源文件中，調試通過后，拷貝提交該源碼。
注意: main函數需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 標准，不要調用依賴於編譯環境或操作系統的特殊函數。
注意: 所有依賴的函數必須明確地在源文件中 #include <xxx>， 不能通過工程設置而省略常用頭文件。
提交時，注意選擇所期望的編譯器類型。
方法一：由題可知a*a<=N/4,b*b<=N/3,c*c<=N/2,d*d<=N，那么我們就可以四層循環來做，但一個很明顯的問題就是會T。然后就是各種神奇的優化，比如說讓a*a<=50,b*b<=500。。。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 int N; 5 6 int main() { 7 cin >> N; 8 for(int a=0; a*a<=50; a++) { 9 for(int b=a; b*b<=500; b++) { 10 if(b*b > N) break; 11 for(int c=b; c*c<=N/2; c++) { 12 if(c*c > N) break; 13 for(int d=c; d*d<=N; d++) { 14 if(d*d > N) break; 15 if(a*a+b*b+c*c+d*d == N) { 16 printf("%d %d %d %d\n", a, b, c, d); 17 return 0; 18 } 19 } 20 } 21 } 22 } 23 return 0; 24 }
方法二：我們可以事先處理c*c+d*d，把結果存起來，用map把結果與c或者d形成映射。然后再枚舉a、b，用N-a*a-b*b來得到c*c+d*d，判斷預處理里面有沒有，有的話在N-a*a-b*b-c*c開方求出d即可。
1 //#include <bits/stdc++.h> 2 #include <iostream> 3 #include <map> 4 #include <cmath> 5 using namespace std; 6 7 map<int, int> Map; 8 int N; 9 10 int main() { 11 scanf("%d", &N); 12 for(int c=0; c*c<=N/2; ++c) 13 for(int d=c; c*c+d*d<=N; ++d) 14 if(Map.find(c*c+d*d) == Map.end()) 15 Map[c*c+d*d] = c; 16 for(int a=0; a*a<=N/4; ++a) { 17 for(int b=a; a*a+b*b<=N/2; ++b) { 18 if(Map.find(N-a*a-b*b) != Map.end()) { 19 int c = Map[N-a*a-b*b]; 20 int d = (int)sqrt(N-a*a-b*b-c*c); 21 printf("%d %d %d %d\n", a, b, c, d); 22 return 0; 23 } 24 } 25 } 26 return 0; 27 }
9.密碼脫落
X星球的考古學家發現了一批古代留下來的密碼。
這些密碼是由A、B、C、D 四種植物的種子串成的序列。
仔細分析發現，這些密碼串當初應該是前后對稱的（也就是我們說的鏡像串）。
由於年代久遠，其中許多種子脫落了，因而可能會失去鏡像的特征。
你的任務是：
給定一個現在看到的密碼串，計算一下從當初的狀態，它要至少脫落多少個種子，才可能會變成現在的樣子。
輸入一行，表示現在看到的密碼串（長度不大於1000）
要求輸出一個正整數，表示至少脫落了多少個種子。
例如，輸入：
ABCBA
則程序應該輸出：
0
再例如，輸入：
ABDCDCBABC
則程序應該輸出：
3
資源約定：
峰值內存消耗 < 256M
CPU消耗 < 1000ms
請嚴格按要求輸出，不要畫蛇添足地打印類似：“請您輸入...” 的多余內容。
所有代碼放在同一個源文件中，調試通過后，拷貝提交該源碼。
注意: main函數需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 標准，不要調用依賴於編譯環境或操作系統的特殊函數。
注意: 所有依賴的函數必須明確地在源文件中 #include <xxx>， 不能通過工程設置而省略常用頭文件。
提交時，注意選擇所期望的編譯器類型。
方法一：爆搜，兩端若不相等就分別往左、右添加，代碼很簡短，但時間復雜度數2^n，是會T的。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 4 string s; 5 6 int dfs(int l, int r, int cnt) { 7 if(l >= r) return cnt; 8 if(s[l] != s[r]) 9 return min(dfs(l+1, r, cnt+1), dfs(l, r-1, cnt+1)); 10 else return dfs(l+1, r-1, cnt); 11 } 12 13 int main() { 14 cin >> s; 15 int Ans = dfs(0, s.length()-1, 0); 16 printf("%d\n", Ans); 17 return 0; 18 }
方法二：要求是對稱，那我我們把原串翻轉一下，在進行對比可以發現兩串有3個不同的字母，那么我們添加這三個字母不就好了。所以答案就是長度-LCS(最長公共子序列)。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 #include <string> 3 using namespace std; 4 5 string s, r_s; 6 int a[1010][1010]; 7 8 int LCS() { 9 int len = s.length(); 10 for(int i=1; i<=len; ++i) { 11 for(int j=1; j<=len; ++j) { 12 if(s[i-1] == r_s[j-1]) 13 a[i][j] = a[i-1][j-1] + 1; 14 else 15 a[i][j] = max(a[i-1][j], a[i][j-1]); 16 } 17 } 18 return a[len][len]; 19 } 20 21 int main() { 22 cin >> s; 23 r_s = s; 24 reverse(r_s.begin(), r_s.end()); 25 int lcs = LCS(); 26 int Ans = s.length() - lcs; 27 printf("%d\n", Ans); 28 return 0; 29 }
10.最大比例
X星球的某個大獎賽設了M級獎勵。每個級別的獎金是一個正整數。
並且，相鄰的兩個級別間的比例是個固定值。
也就是說：所有級別的獎金數構成了一個等比數列。比如：
16,24,36,54
其等比值為：3/2
現在，我們隨機調查了一些獲獎者的獎金數。
請你據此推算可能的最大的等比值。
輸入格式：
第一行為數字 N (0<N<100)，表示接下的一行包含N個正整數
第二行N個正整數Xi(Xi<1 000 000 000 000)，用空格分開。每個整數表示調查到的某人的獎金數額
要求輸出：
一個形如A/B的分數，要求A、B互質。表示可能的最大比例系數
測試數據保證了輸入格式正確，並且最大比例是存在的。
例如，輸入：
3
1250 200 32
程序應該輸出：
25/4
再例如，輸入：
4
3125 32 32 200
程序應該輸出：
5/2
再例如，輸入：
3
549755813888 524288 2
程序應該輸出：
4/1
資源約定：
峰值內存消耗 < 256M
CPU消耗 < 3000ms
請嚴格按要求輸出，不要畫蛇添足地打印類似：“請您輸入...” 的多余內容。
所有代碼放在同一個源文件中，調試通過后，拷貝提交該源碼。
注意: main函數需要返回0
注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 標准，不要調用依賴於編譯環境或操作系統的特殊函數。
注意: 所有依賴的函數必須明確地在源文件中 #include <xxx>， 不能通過工程設置而省略常用頭文件。
提交時，注意選擇所期望的編譯器類型。