斐波那契遞推式:
斐波那契通項公式:
求證過程如下:
斐波那契和矩陣的關系:
描述這個。那還是描述矩陣和線性遞推式的關系吧
線性遞推式。即F(n)和F(n-1),F(n-2),F(n-3),F(n-4)...其階均是一次的關系。
如F(n)=2F(n-1)+F(n-2).F(n)=F(n-1)+2F(n-3)+4F(n-4)...
矩陣可以求解這樣的遞推式。也就是說可以快速計算F(n).時間復雜度可以到達log(n)級別。
先介紹一下我們需要用到的關於矩陣的知識。
描述矩陣規模時:n行m列。即大小為n*m.
矩陣乘法:
形狀上:2*2 和 2*3 的矩陣乘積后,結果是2*3的矩陣。
即 a*b 矩陣 和 c*d的矩陣乘積結果是a*d的矩陣。 其中b和c必須相等。原因看下面。
運算法則:對於結果矩陣的第i行第j列的位置的結果是由前一個矩陣的對應的行。和后一個矩陣對應的列。對應位置 乘積和獲得的。比如第1行第1列的11.是由前矩陣的第一行(1,3)和后矩陣的第一列(2,3)對應位置乘 積和。1*2+3*3 = 11 獲得的。如果上述b和c如果不相等。那么會有地方"失配"沒有數值可以進行 計算。不符合矩陣乘法定義。
矩陣乘法性質:
矩陣乘法不符合交換律。符合結合律。(具體不分析了。稍加思考即得。)
矩陣的冪運算:
即計算以下式子。
其中朴素想法可以通過一步一步矩陣乘法來獲得結果矩陣。
但是從宏觀角度上去想。我們把矩陣的乘法理解成一種普通的數的乘法。我們現在要計算數的冪。
可以類比快速冪。那么矩陣也有矩陣的快速冪。分治思想。具體實現其實就是快速冪把乘法那部分改成矩陣乘法即可。代碼百度上有很多。等下我會放一份。(acdreamer矩陣的模板)
矩陣計算遞推式。
比如:對於F(n)=aF(n-1)+bF(n-2)
我們可以構造矩陣和矩陣
二者乘積為:
會發現經過一次乘積。我們可以獲得矩陣。那么我們再將這個矩陣乘一次
就會得到F(3),F(2)的矩陣。所以我們可以發現。只要我們將我們的初始矩陣乘我們構造出來的1,1,1,0矩陣n-1次。就能獲得F(n),F(n-1)的矩陣。然后F(n)就是我們想要的了。而乘n-1次1,1,1,0矩陣。根據結合律。我們可以讓1,1,1,0矩陣自乘n-1次。最后再乘初始矩陣即可獲得最后我們想要的結果。
即求。我們可以利用快速矩陣冪。就可以在log(n)復雜度中解決了。
關於斐波那契的一些恆等式:
具體證明:1~4.都是用類似的方法。我提一提。就好吧。
比如1. F(1)=F(3)-F(1) , F(2)= F(4)-F(3)。。。F(n)=F(n+2)-F(n+1)
類似的分解。然后求和就能獲得結果了。
對於5.F(n)=F(n-1)+F(n-2)
F(n)=2F(n-2)+F(n-3)
F(n)=3F(n-3)+2F(n-4)
...
F(n)=F(m)F(n-m+1)+F(m-1)F(n-m)
對於6.是個很著名的式子。要想知道證明。百度有好多。就不贅述了。(而且現在還沒用過這個式子。)
斐波那契的數論相關:
性質1:
證明:先證明斐波那契數列相鄰兩項是互素的。
反證法:假設不互素。那么有a=gcd(F(n),F(n-1)),a>1.
那么對於F(n)=F(n-1)+F(n-2).因為a|F(n),a|F(n-1),所以a|F(n-2).
由於a|F(n-1),a|F(n-2).又可以獲得a|F(n-3)...可以知道a|F(1)其中。F(1)=1.
如果a|F(1)->a|1那么與a>1不符。相鄰互素得證.(其實 a|F(2)就已經不行了.)
那么再由上面斐波那契恆等式5.可以推理。
中間推導依靠一小點數論知識.觀察開始式子和結果。
一直將上式遞推下去。結合gcd(n,m)=gcd(n-m,m).結果會是gcd(a,b) = gcd(0,gcd(a,b))
那么就可以證明上述式子成立。
性質2:
證明:當n|m時。
必要性也可以通過類似手法得證。

1 #include<iostream> 2 #include<stdio.h> 3 #include<string.h> 4 #include<string> 5 #include<algorithm> 6 #define LL long long 7 #define N 2 8 #define MOD 100000007 9 using namespace std; 10 11 struct Matrix 12 { 13 LL m[N][N]; 14 }; 15 16 Matrix A = { 17 1,1, 18 1,0 19 }; 20 Matrix I = { 21 1,0, 22 0,1 23 }; 24 Matrix multi(Matrix a,Matrix b) 25 { 26 Matrix c; 27 int i,j,k; 28 for(i=0;i<N;i++) 29 { 30 for(j=0;j<N;j++) 31 { 32 c.m[i][j] = 0; 33 for(k=0;k<N;k++) 34 { 35 c.m[i][j] += a.m[i][k] * b.m[k][j] % MOD; 36 } 37 c.m[i][j] %= MOD; 38 } 39 } 40 return c; 41 } 42 Matrix mat_pow(Matrix A,int k) 43 { 44 Matrix ans = I,p = A; //為了 不更改I 和 A 45 while(k) 46 { 47 if(k&1) 48 { 49 ans = multi(ans,p); 50 } 51 k >>= 1; 52 p = multi(p,p); 53 } 54 return ans; 55 } 56 57 int main() 58 { 59 int n; 60 while(scanf("%d",&n)!=EOF) 61 { 62 Matrix ans = mat_pow(A,n-1); 63 printf("%I64d\n",ans.m[0][0]); 64 65 } 66 return 0; 67 }