php中判斷變量是否為空

從數據庫中取出值后判斷是否為空，這個看起來很簡單，只要和null比較一下就可以了，其實不然，

if($obj==null){ 
} 

這樣寫會報錯的：Notice: Trying to get property of non-object problem，

查了一下發現需要使用下面的寫法

if (isset($obj)) { 
echo "This var is set set so I will print."; 
} 

這個isset是做什么的呢？ 

isset函數是檢測變量是否設置。 

格式：bool isset ( mixed var [, mixed var [, ...]] ) 

返回值： 

若變量不存在則返回 FALSE 
若變量存在且其值為NULL，也返回 FALSE 
若變量存在且值不為NULL，則返回 TURE 
同時檢查多個變量時，每個單項都符合上一條要求時才返回 TRUE，否則結果為 FALSE 
如果已經使用 unset() 釋放了一個變量之后，它將不再是 isset()。若使用 isset() 測試一個被設置成 NULL 的變量，將返回 FALSE。同時要注意的是一個 NULL 字節（”\0″）並不等同於 PHP 的 NULL 常數。

警告: isset() 只能用於變量，因為傳遞任何其它參數都將造成解析錯誤。若想檢測常量是否已設置，可使用 defined() 函數。 

看來剛才我那邊的判斷所出的問題，就是因為這個“是一個 NULL 字節（”\0″）並不等同於 PHP 的 NULL 常數”。